Что такое findslide.org?

FindSlide.org - это сайт презентаций, докладов, шаблонов в формате PowerPoint.


Для правообладателей

Обратная связь

Email: Нажмите что бы посмотреть 

Яндекс.Метрика

Презентация на тему Бенефис одной задачи

Бенефис одной задачи. (В одной задаче – почти вся планиметрия!)
Презентация  по геометрии.  Подготовили ученики 9б класса Лунин Александр Горемыкин Олег Бенефис одной задачи.  (В одной задаче – почти вся планиметрия!) Задача. Способ №11. Продолжим BC вправо. Проведем DK || AC. Так как ACKD Способ №2 (похож на 1)Проведем СЕ || BD до пересечения с продолжением Способ №3  MN – средняя линия трапеции. Проведем  MK || Способ №41.Продолжим CA на расстояние AM = CО. Способ №6 Продолжим AC за точку A так, что АМ = ОС. Способ №7  Пусть Способ №8  1.Из Способ №9 Тригонометрический1. Из подобия ΔBOC и ΔAOD:X/(6-x) = y/(8-y) , y
Слайды презентации

Слайд 2 Бенефис одной задачи. (В одной задаче – почти вся

Бенефис одной задачи. (В одной задаче – почти вся планиметрия!)

планиметрия!)


Слайд 3

Задача.   В трапеции

Задача. В

трапеции диагонали длиной 6 см и 8 см взаимно перпендикулярны. Найдите длину средней линии трапеции.

Слайд 4 Способ №1
1. Продолжим BC вправо. Проведем DK ||

Способ №11. Продолжим BC вправо. Проведем DK || AC. Так как

AC. Так как ACKD – параллелограмм, то DK=6 см.
2.

BD┴DK, так как BD ┴ AC. Δ BDK – прямоугольный.
BK= ;
BK= =10(см).
3. BK=BC+AD. Средняя линия равна половине BK, то есть 5 см.
Ответ: 5 см.

В

С

А

D

K

О


Слайд 5 Способ №2 (похож на 1)
Проведем СЕ || BD

Способ №2 (похож на 1)Проведем СЕ || BD до пересечения с

до пересечения с продолжением AD. DE = BC, так

как DBCE – параллелограмм. AE вычислим по теореме Пифагора из ΔACE (CE || BD, но BD ┴ AC, следовательно,CE ┴AC):
AE = ; AE = = 10(см).
AE = a+b. Но средняя линия равна (a+b)/2 ,
т.е. равна 5 см.
Ответ: 5 см.

A

B

C

D

E

a

b

6

8


Слайд 6 Способ №3
MN – средняя линия трапеции.

Способ №3 MN – средняя линия трапеции. Проведем MK || BD

Проведем MK || BD и соединим точки N

и K.
NK – средняя линия ΔACD, следовательно NK=0,5 AC; NK = 3(см).
MK – средняя линия ΔABD, следовательно MK=0,5 BD; MK=4(см).
Угол MKN равен углу AOD как углы с соответственно параллельными сторонами.
ΔMKN – прямоугольный.
MN = = =5(см).
Ответ: 5 см.

A

B

C

D

O

M

N

K


Слайд 7 Способ №4
1.Продолжим CA на расстояние AM = CО.

Способ №41.Продолжим CA на расстояние AM = CО.

Через точку М проведем MN || AD. BD ∩ MN = N.
2. ΔOMN – прямоугольный, OM = 6 см, ON = 8 см. Следовательно, MN = 10 cм (теорема Пифагора).
3. Проведем MK || ND. Продолжим AD до пересечения с MK. ΔMAK = ΔBOC (по I признаку), следовательно AK = = BC.
4. MKDN – параллелограмм, DK= MN = 10 см. Но
DK = AD+BC. Значит, средняя линия равна 5 см.
Ответ: 5 см.

A

B

C

D

M

K

O

N


Слайд 8

Способ №5 Соединим середины

Способ №5 Соединим середины сторон трапеции. Легко

доказать, что MPNQ – параллелограмм с прямым углом, т.е. прямоугольник со сторонами 3 см и 4 см. Диагонали его MN = PQ= 5 см (египетский треугольник).   Ответ: MN = 5 cм.

P

M

Q

N

3

4


Слайд 9 Способ №6 Продолжим AC за точку A так, что

Способ №6 Продолжим AC за точку A так, что АМ =

АМ = ОС. Продолжим BD за точку D так,

что DN = BO. Итак, ΔOMN – прямоугольный с катетами 6 см и 8 см. По теореме Пифагора MN = 10 см. Проведем AE ┴ MN, DF ┴ MN, OK ┴ BC.   ΔAME = ΔKOC и ΔDFN = ΔBKO по стороне и двум прилежащим к ней углам.   Следовательно, ME = KC и FH = BK, т.е. MN = AD + BC = 10 (см).   Средняя линия равна (AD+BC)/2= =MN/2=10/2 = 5.   Ответ: 5 см.

O

M

E

F

N


Слайд 10 Способ №7 Пусть OC = x, BO =

Способ №7 Пусть OC = x, BO

y; тогда АО = 6 – х, DO =

8 – y. MN – средняя линия. 1.Из подобия ΔBOC и ΔAOD имеем: х/(6-х) = у/(8-у), 8х – ху = 6у – ху, 8х = 6у, у = 4/3х. 2. Из прямоугольного треугольника ΔBOC имеем: ВС = √ x²+ (4/3x)² = √ x² + 16/9x² = √ 25/9x² = 5/3x. 3.Из подобия ΔBOC и ΔAOD имеем: BC/AD = OC/AO, (5/3x)/AD = x/(6-x), AD = 5/3(6-x) = 10-5/3x. 4. MN = (AD + BC) = (5/3x+10-5/3x)/2 = 5 (см). Ответ: 5 см.

Слайд 11 Способ №8 1.Из подобия ΔBOC и ΔAOD: x/(6-x) =

Способ №8 1.Из подобия ΔBOC и ΔAOD:

y/(8-y), y=4/3x.  2.Продолжим диагонали на отрезки, равные CO и BO.  3.Из

ΔMON: MN = 10 см.  4. AOD подобен ΔMON; MN = 4/3 AD, AD = 3/4MN = =3/4*10 = = 7,5 (см).  5.В ΔBOC: BC = x²+(4/3x)² = 5/√3x.  6.ΔBOC подобен ΔAOD. BC/AD = OC/AO, (5/3x²)/7,5 = x/(6-x); 10x-5/3x² = 7,5x; 2,5x = 5/3x²; 7,5 = 5x; x = 1,5 (cм).  7. BC = 5/3x = 5/3*1,5 = 2,5 (см). 8. Средняя линия равна (AD+BC)/2 = (7,5+2,5)/2 = 5. Ответ: 5 см.  

M

N

y

x

6-x

8-y

O


Слайд 12 Способ №9 Тригонометрический
1. Из подобия ΔBOC и ΔAOD:
X/(6-x)

Способ №9 Тригонометрический1. Из подобия ΔBOC и ΔAOD:X/(6-x) = y/(8-y) ,

= y/(8-y) , y =4/3 х.
2. Δ BOC –

прямоугольный.
tg α =y/x =4/3x : x = у =4/3 .
3. Найдем cos α либо по формуле:
1+tg²α = 1/cos a,
либо методом треугольника: cos α = 3/5.
4. Из ΔBOC:
OC/BC = cos α, BC = OC/cos α =4*5/3 = 5/3 x.
5. Из ΔAOD:
AO/OD = cos α, AD = AO/ cos α = (6-x)/3/5 = 5(6-x)/3 .
6. Средняя линия равна
(AD+BC)/2 = 5 (см).

  • Имя файла: benefis-odnoy-zadachi.pptx
  • Количество просмотров: 156
  • Количество скачиваний: 0